Какой стержень легче разломить на две
Вопрос по физике:
Какой стержень легче разломить на две части-длинный или короткий?
Трудности с пониманием предмета? Готовишься к экзаменам, ОГЭ или ЕГЭ?
Воспользуйся формой подбора репетитора и занимайся онлайн. Пробный урок — бесплатно!
- 21.06.2017 22:39
- Физика
- remove_red_eye 9218
- thumb_up 49
Ответы и объяснения 1
Длинный легче. Момент сил зависит от длины плеча. Чем длиннее плечо (стержень), тем меньше сила при одинаковых моментах (M=F*L)
- 22.06.2017 01:34
- thumb_up 34
Знаете ответ? Поделитесь им!
Как написать хороший ответ?
Чтобы добавить хороший ответ необходимо:
- Отвечать достоверно на те вопросы, на которые знаете правильный ответ;
- Писать подробно, чтобы ответ был исчерпывающий и не побуждал на дополнительные вопросы к нему;
- Писать без грамматических, орфографических и пунктуационных ошибок.
Этого делать не стоит:
- Копировать ответы со сторонних ресурсов. Хорошо ценятся уникальные и личные объяснения;
- Отвечать не по сути: «Подумай сам(а)», «Легкотня», «Не знаю» и так далее;
- Использовать мат — это неуважительно по отношению к пользователям;
- Писать в ВЕРХНЕМ РЕГИСТРЕ.
Есть сомнения?
Не нашли подходящего ответа на вопрос или ответ отсутствует? Воспользуйтесь поиском по сайту, чтобы найти все ответы на похожие вопросы в разделе Физика.
Трудности с домашними заданиями? Не стесняйтесь попросить о помощи — смело задавайте вопросы!
Физика — область естествознания: естественная наука о простейших и вместе с тем наиболее общих законах природы, о материи, её структуре и движении.
Какой стержень легче разломить на две равные части — длинный или короткий?
Как быстро выучить стихотворение наизусть? Запоминание стихов является стандартным заданием во многих школах.
Как научится читать по диагонали? Скорость чтения зависит от скорости восприятия каждого отдельного слова в тексте.
Как быстро и эффективно исправить почерк? Люди часто предполагают, что каллиграфия и почерк являются синонимами, но это не так.
Как научится говорить грамотно и правильно? Общение на хорошем, уверенном и естественном русском языке является достижимой целью.
стержень длины L сломали на 3 части. вероятность треугольника
Карандаш сломали на 2 части
Карандаш сломали на 2 части и раздали детям. Найти вероятность того что Паша получил не менее трети.
Стержень длиной 10 см наугад разломали на 2 части
Стержень длинной 10 см наугад разломали на 2 части. Найти вероятность события А что длинна меньшей.
Стержень длины L может вращаться вокруг горизонтальной оси
Дорого времени суток! Есть задача: Стержень длины l может вращаться вокруг.
Стержень длиной 10 см разламываем произвольным образом на три части
Стержень длиной 10 см разламываем произвольным образом на три части: L1, L2, L3. Найдите.
за вторую спасибо, только както сложновато объяснено) у нас еще не такой уровень
Спрашивайте, что непонятно.
Добавлено через 7 минут
На счёт литературы могу посоветовать: Гмурман, В. Е. «Руководство к решению задач по теории вероятностей и математической статистике»
Итак: в результате поломки стержня получили 3 куска разных длин.
x,y,z-длины этих кусков
1)x+y+z=1;(длину стержня примем 1)
2)x,y,z — принадлежат интервалу (0,1) получается куб со стороной 1
3)x+y>z
4)x+z>y условие "треугольности" этих трех чисел
6)y+z>x
Таким образом система из 1 и 2 — задаёт пространство решений (там выйдет прямоугольник — строится по 3 точкам)
а система 3 4 5 — задаст ограничения на возможные решения
для ответа найдите отношения площади решения к площади всех решений
Стержень длиной а ломают на две части; будем считать, что точка излома распределена равномерно по всей длине стержня. Чему равна средняя длина большей части стержня?
Известно, что квалифицированный программист делает в среднем 1 ошибку на 50 операторов программ, а начинающий — 1 ошибку на 5 операторов. В программе, состоящей из 30 операторов, в процессе отладки обнаружено 5 ошибок. Найти вероятность того, что она написана начинающим программистом.
Прошу помочь с решением интересной задачи:
2 фирмы занимаются одинаковым видом бизнеса.Состав примерно одинаков. Собраны данные о прибыли фирм по месяцам:
месяца 1 2 3 4 5 6 7 8 9
фирма1 125 130 135 140 135 125 120 115 120
фирма2 110 126 128 120 115 118 120 125 130
Можно ли утверждать, что управление фирм одинаково эффективно?
Найти:
1.Нолевую гипотезу
2.Альтернативную гипотезу
3. Критерий
4. Уровень значимости
5.Критические значения
6.Эмпирическое значение
И грамотный вывод: принимаем гипотезу или нет.
Буду очень признательна:)
До утра нужно справиться! Кто поможет?
Задача такая:
Из колоды в 52 карты наудачу берется 6 карт. Какова вероятность того, что среди них будут представители всех четырех мастей.
Я уже писал, что мое решение неверно. В нем действительно (как заметил Кэро)некоторые комбинации при вычислении m учитываются несколько раз. Но задача на удивление интересна, т.к. по постановке она классическая (а потому кажется, что решение простое), но решение ее требует достаточно большого умственного напряжения (по крайней мере для меня). Я хочу предложить свое решение для этой задачи, хотя мой ответ совпадает с ответом Кэро (я проверил окончательные цифры — он молодец!), да и решение у Кэро короче. Но его решение написано так кратко, что я его не понимаю. Поэтому и привожу свое решение , хотя оно, по-видимому, длиннее.
Сначала пришлось вывести формулу для вероятности суммы четырех событий (хотя это и несложно):
P(A+B+C+D)=P(A)+P(B)+P(C)+P(D) – P(AB) – P(AC) – P(AD) – P(CD) – P(BC) – P(BD) + P(ABC) + P(ABD) + P(ACD) + P(BCD) – P(ABCD) .
Обозначим масти номерами (так удобнее) : 1 – пики, 2 – крести, 3 – бубни, 4 – черви.
А – среди выданных 6 карт есть представители всех мастей.
А1 – среди выданных карт есть пиковые, … , А4 – среди выданных есть червовые.
Обозначим через В, В1, …, В4 события, противоположные событиям А, А1, …,А4.
Тогда Р(А) = 1 – Р(В). Найдем Р(В). Ясно, что В=В1+В2+В3+В4. Поэтому сейчас для вычисления Р(В) надо записать формулу выше
P(В1+B2+В3+В4)=P(В1)+P(В2)+P(В3)+P(В4) – P(В1B2) – P(В1В3) – P(В1В4) – P(В3В4) – P(B2В3) – P(B2В4) + P(В1В2В3) + P(В1В2В4) + P(В1В3В4) + P(B2В3В4) – P(В1В2В3В4) .
Ясно, что последнее слагаемое = 0. Из симметрии мастей все слагаемые в каждой из трех групп слагаемых в этой формуле одинаковы, а потому
P(В)=4*P(В1) – 6*P(В1B2) + 4*P(В1В2В3) . Теперь уже проще. Пусть n = С(52,6) – как и было раньше – общее число различных шестерок карт. Тогда ясно, что
Р(В1)=С(39,6)/n, Р(В1В2)=С(26,6)/n, а Р(В1В2В3)=С(13,6)/n . Подставляя это в формулу выше, получим Р(В)=0.573517917. А потому
Р(А) = 0.426482082 .
Помогите, пожалуйста, решить задачу для научной работы по теории вероятностей:
Производители чая решили завлечь потребителя непотребными средствами, и стали вкладывать в каждую пачку чая игральную карту, наугад выбранную из колоды. Любителю чая, собравшему полную колоду обещан суперприз. Сколько пачек чая в среднем нужно истребить, чтобы заработать приз. Решить задачу для колоды из 32 и 52 карт.
2)Какова вероятность того, что в наудачу выбранном двухзначном числе нет цифры 1?
Люди, плиз, помогите решить задачки. Срочно, вопрос жизни или смерти.
1)Чему равна вероятность вынуть из колоды карт последовательно тройку, семерку и туза, если вынутая карта а) возвращается, б) не возвращается в колоду?
2)Три наборщицы в типографии набирают фрагменты текста, одинаковые по объему. Вероятность ошибки на такой объем работы для первой наборщицы равна 0,1, для второй — 0,05, для третьей — 0, 15. При проверке фрагмента текста была обнаружена ошибка. Найти вероятность, что фрагмент набран второй наборщицей.
3) При установившемся технологическом процессе 80% всей произведенной продукции оказывается продукцией высшего качества. Найти наивероятнейшее число изделий высшего качества в партии их 10 изделий и вероятность именно такого количества изделий высшего качества.
Помогите решить задачу. Не сходится с ответом!
В поход по реке отправились 8 человек на двух лодках, из которых одна вмещает 4, а другая — 6 человек. Сколькими способами эти 8 человек могут разместиться в двух лодках?
Ответ: 154 способа.Заранее огромное спасибо!
Понятно, что в первую лодку (где вмещается 4 человека)может быть посажено либо 2 человека, либо 3 человека, либо 4 человека. Пересчитаем число вариантов каждой такой рассадки, а потом все сложим.
1) В первой лодке 2 человека. Число способов выбрать 2 человека из восьми для посадки в первую лодку равно С(8,2)=28 (при каждом таком выборе двоих в первую лодку остальные 6 автоматически идут во вторую лодку и мы получаем один вариант рассадки по обем лодкам) .
2)В первой лодке 3 человека. Аналогично, число способов такой рассадки С(8,3)=56.
3)В первой лодке 4 человека. Аналогично, число способов такой рассадки С(8,4)=70.
Итого, 28+56+70=154 способа.
Если у кого будут какие-нибудь мысли, напишите поджалуйста, если вам не трудно. Буду очень благодарен.
Сначала дадим решение вспомогательной задачи — классической задачи о выемке шаров. В корзине имеется M белых и N черных шаров (т.е. всего M + N шаров). Из нее случайным образом вынимают (или теряют!) r шаров (r <= M+N). Какова вероятность, что среди них ровно i белых? Обозначим нужное нам событие H(i) – среди выбранных шаров ровно i белых шаров (а потому ровно r – i черных). Поскольку опыт состоит в том, что из M + N шаров выбирается r штук, то общее число равновозможных исходов опыта равно числу сочетаний C(M+N,r). Посчитаем число благоприятствующих событию H(i) исходов. Поскольку i белых шаров могут быть выбраны только из совокупности имеющихся M белых шаров, а остальные r – i черных шаров из общей совокупности N черных шаров, то по правилу произведения число благоприятных исходов равно C(M,i)*C(N,r-i). По классическому определению вероятности получаем формулу: P(H(i))= C(M,i)*C(N,r-i)/C(M+N,r). Эта формула справедлива для любого i=0,1. r при условии, что
i<=M и r-i<=N (в противном случае очевидно, что P(H(i))= 0).
Вернемся к исходной задаче.
Событие А — после утери шаров из корзины вынут белый шар. Для вычисления вероятности этого события введем гипотезы (т.е. полную систему несовместных событий):
Н(0) — среди потерянных шаров ровно 0 белых (т.е. все черные),
Н(1) — среди потерянных шаров ровно 1 белый, .
Н(r) — среди потерянных шаров ровно r белых.
По формуле полной вероятности:
Р(А)=Р(Н(0))*Р(А/Н(0))+Р(Н(1))*Р(А/Н(1))+. +Р(Н(r))*P(A/H(r)).
Используя выведенную выше формулу, получаем:
Р(А) = [C(M,0)*C(N,r-0)/C(M+N,r)]*[M/(M+N-r)] +
+ [C(M,1)*C(N,r-1)/C(M+N,r)]*[(M-1)/(M+N-r)] +
+ [C(M,2)*C(N,r-2)/C(M+N,r)]*[(M-2)/(M+N-r)] + . +
+ [C(M,r)*C(N,r-r)/C(M+N,r)]*[(M-r)/(M+N-r)] .
Используя знак суммы, получим
Р(A)=<(сумма по к от 0 до r)(M-k)*C(M,k)*C(N,r-k)>/[C(M+N,r)*(M+N-r)].
Раскрывая сочетания через факториалы, можно выражение
Р(A)=(сумма по к от 0 до r)(M-k)*C(M,k)*C(N,r-k)>/[C(M+N,r)*(M+N-r)]
привести к виду
Р(A)=[1/C(N+M,M)]*(сумма по к от 0 до r)C(N+M-r-1,M-k-1)*C(r,k)
Есть формула для сочетаний вида (я ее нашел в справочнике Прудникова и др."Интегралы и ряды"):
(сумма по к от 0 до r)C(r,k)*C(a+b,a-k)=C(a+b+r,a). Если применить ее при a=M-1, b=N-r,
то получим после простого упрощения P(A)=M/(N+M).
Привет! Помогите пожалуйста разобраться с задачей. Звучит так: Сколькими способами можно посадить за стол 5 мужчин и 5 женщин так, чтобы никакие 2 мужчины не сидели рядом? Заранее спасибо за помощь.
Первый вариант — стол прямоугольный и садятся на прямую скамью по одну
сторону стола.
Тогда возможны следующие типы рассадки за столом, когда мужчины не рядом:
1) Ж М Ж М Ж М Ж М Ж М
Это значит, что на 1-м месте женщина, на 2-м мужчина и т.д.
Сколько существует такого типа рассадок? Жещин можно рассаживать на
"женские" места (это места 1,3,5,7,9) 5! способов, и при каждой такой рассадке женщин можно 5! способами рассадить мужчин на "мужские" места. Поэтому всего рассадок такого типа может быть 5!*5!=(5!)^2.
2) М Ж М Ж М Ж М Ж М Ж
Точно также рассуждая, получим (5!)^2 способов такого типа рассадки.
3) М Ж Ж М Ж М Ж М Ж М
(5!)^2 способов
4) М Ж М Ж Ж М Ж М Ж М
(5!)^2 способов
5) М Ж М Ж М Ж Ж М Ж М
(5!)^2 способов
6) М Ж М Ж М Ж М Ж Ж М
(5!)^2 способов
Вроде бы больше типов нужной рассадки не существует.
Поэтому всего получается 6*[(5!)^2]= 86400 способов.
Второй вариант — стол круглый.
Опять удобно пронумеровать места за ним от 1 до 10.
Если рассмотреть все предыдущие типы расположений, но уже
за круглым столом, то видно, что условию задачи удовлетворят только
2 типа рассадки — 1) и 2).
Поэтому в этом случае всего 2*[(5!)^2]= 28800 способов.
1.Мясные консервы завозятся в магазин двумя заводами. Консервы высшего сорта для первого завода составляют 80%, для второго — 75%.
Найти части завозок каждого консервного завода, если вероятность того что наудачу купленный товар будет высшего сорта -0,78.
Все-таки я считаю, что вопрос стоит так: найти ОТНОШЕНИЕ завозок первого и второго завода. Я поторопился — это не по формуле Байеса, а по формуле полной вероятности.
Пусть первый завод завез n штук консервов, а второй — m штук. Требуется найти n/m.
Событие А — наудачу купленный товар — 1 сорта.Тогда Р(А)=0.78.
Гипотезы:
Н1 — наудачу купленный товар сделан на 1 заводе, Р(Н1)=n/(n+m)=(n/m)/((n/m)+1).
Н2 — наудачу купленный товар сделан на 2 заводе,Р(Н2)=m/(n+m)=1/((n/m)+1).
P(A/H1)=0.80,P(A/H2)=0.75. Осталось подставить эти данные в формулу полной вероятности:
P(A)=P(H1)*P(A/H1)+P(H2)*P(A/H2)
и получается простое уравнение относительно отношения (n/m) — остается его решить. Так то.
1. Четверо человек играют в игру, где каждый может стать победителем с равной вероятностью. Какова вероятность того, что после четырех игр каждый из них выиграет по одному разу?
Я предполагаю, что Р(А)=0,25*0,25*0,25*0,25 Но не уверен
2. В связке 4 ключа, из которых открыть дверь можно только одним. Ключи пробуются в случайном порядке, причем ключ, оказавшийся неподходящим, больше не используется. Составьте закон распределения и изобразите функцию распределения числа ключей, которые будут испробованы для открытия двери.
я так понимаю, что вероятности выбора нужного ключа будут 1/4, 1/3, 1/2, 1.
а вот насчет функции распределения числа ключей не понял.
1. Задачу удобнее всего переформулировать в таком виде: четыре карточки с цифрами 1, 2, 3, 4 перемешиваются и одна достается наугад. Так повторяется 4 раза. Какова вероятность, что среди вынутых карточек встретятся все четыре цифры. P(A)=m/n, n=4^4=256,m=4!=24.
2. Возможные значения : 1, 2, 3, 4. Для подсчета соответствующих вероятностей применять формулу произведения событий:
P(X=1)=1/4, P(X=2)=(3/4)*(1/3)и т.д.
Батарея состоит из 3-х орудий. Вероятность попадания в мишень при одном выстреле 0,9 для одного и по 0,6 для 2-х других. Наугад выбирают два орудия и стреляют по одному разу. Построить ряд распределения, найти ф-цию распределения. Найти вероятность а) хотя бы одного попадания б) хотя бы одного промаха.
1) Экономист полагает, что вероятность роста стоимости акций некоторой компании в следующем году будет равна 0,75, если экономика страны будет на подъеме; и эта же вероятность будет равна 0,30, если экономика страны не будет успешно развиваться. По его мнению, вероятность экономического подъема в новом году равна 0,80. Используя предположения экономиста, оцените вероятность того, что акции компании поднимуться в цене в следующем году.
)Использовать формулу полной вероятности.
Событие А — акции поднимуться в цене.
Гипотезы:
Н1 — экономика будет на подьеме, Р(Н1)=0.8 ,
Н1 — экономика будет на подьеме, Р(Н1)=1-0.8=0.2
Р(А)=Р(Н1)*Р(А/Н1)+Р(Н2)*Р(А/Н2)=0.8*0.75+0.2*0.3= считайте.
2)
Распределение деталей по затратам времени на одну операцию подчиняются закону нормального распределения со средней арифметической 55 сек и средним квадратическим отколнением 4 сек. Определить вероятность того, что:
1) продолжительность обработки взятой наудачу детали не превысит 60 сек.
2) продолжительность изготовления каждой из шести наудачу взятых деталей не превысит 65 сек.
В задаче определены оба параметра нормального распределения а=55, сигма=4.
Случайная величина Х — продолжительность обработки детали.
1)Р(Х<60)= F(60)=1/2+ Ф((60-а)/сигма)=1/2+Ф(5/4)=1/2+Ф(1.25), где Ф(х) — функция Лапласа — в таблицах есть ее значения. Найдете по таблице Ф(1.25) и подставите.
2) Точно также найдете р=Р(Х<65). Это будет вероятность того, что наудачу взятая деталь обработана менее, чем за 65 сек.
Затем можно применить, например, формулу Бернулли — вероятность того, что нужное событие произойдет 6 раз из 6 испытаний:
Р(6,6)=С(6,6)*р^6*q^0, где р — вычислено выше, а q=1-p.
venja Задача для поступающих в МИИТ. В тр-к АВС вписана ок-ть, и через ее центр проведена прямая паралллельно основанию АС. Отрезок прямой, заключенный внутри тр-ка, равен 4, а основание состовляет 1/3 от периметра. Найти основание. Пусть DE — отрезок, равный 4, AC=x, а p — полупериметр тр. ABC, S — его площадь, а h — высота на основание AC, r — радиус вписанной окружности. По условию x=2p/3 (т.е. p=3x/2), тогда из формулы S=p*r следует, что S=(3/2)*x*r. С другой стороны S=(1/2)*x*h. Отсюда получаем h=3r.
Главное ответить на а) — остальное по стандартным схемам. Найдем ряд распределения с.в. X=|Y-Z|. Сначала найдем ряд распределения для Y и Z. Это сделать несложно (можно для этого использовать формулы вероятности суммы и произведения событий, а можно формулу Бернулли): Теперь легко видеть возможные значения с.в. X=|Y-Z|: Х=0,1,2. Очень важно выписать , при каких парах Y и Z получается каждое значение Х: Теперь, используя формулы для вероятности суммы несовместных событий и вероятности произведения независимых событий легко получить и вероятности, с которыми Х принимает свои значения. Точно также считаются Р(Х=1)и Р(Х=2). Удачи! Индикатор кругового обзора представляет собой круг радиуса a. Вследствие помех может появиться пятно с центром в любой точке этого круга. Вероятность попадания пятна в любую часть круга пропорциональна площади этой части. Определить математическое ожидание и дисперсию расстояния пятна от центра круга. По определению функции распределения легко получить ее аналитическое выражение: Теперь легко найти f(x)=F'(x) и все остальное. Подскажите, пожалуйста, с задачкой. Баскетболист, бросив игральную кость, делает столько бросков по корзине, сколько очков выпало на игральной кости. Найти вероятность того, что при этом будет ровно 3 попадания, если вероятность попадания при каждом броске равна 0,6.Я знаю, что эта задача на полную вероятность, только не знаю как все в кучу собрать. Помогите. это срочно. А — ровно 3 попадания в корзину Помогите решить задачу. Все-таки не отвечено на вопрос о том, сколько же карт вытягивается из колоды. Будем считать, что 13 и вытягивается. Кажется, я понял,какой метод решения от Вас хочет получить Ваш преподаватель. Забыли последнюю цифру номера телефона и набирают её наугад. Определить вероятность того, что придется звонить не более чем в три места. Может проще через противоположное событие, а потом из 1 вычесть? А1- НЕ дозвонились с первого раза Тогда А=А1*А2*А3 " Стержень длиной а ломают на две части; будем считать, что точка излома распределена равномерно по всей длине стержня. Чему равна средняя длина большей части стержня?" Считаем, что стержень расположен на оси х и занимает отрезок от 0 до а. Пусть точка излома имеет координату х (можно считать, что точка х вбрасывается на отрезок [0, a]). Найти вероятность того, что при размещении r неразличимых шаров по n различимым ящикам, заданный ящик содержит k шаров. Я думаю, что решение такое. Для удобства буду использовать заглавные буквы, как AlexP. Для удобства понумеруем R шаов : 1. R. Каждый из них может попасть в любой из N ящиков равновероятно. Поэтому результатом эксперимента по разбросу шаров по ящикам является упорядоченный набор из R чисел A1. AR, причем каждое Ai может иметь значение от 1 до N и означает номер ящика, в который попал i-ый шар. Тогда ясно, что общее число n исходов эксперимента равно N^R (как и писал AlexP). Для расчета числа m благоприятных исходов будем считать, что для определенности расчитывается вероятность,что 1-ый ящик содержит k шаров (для любого другого ответ, очевидно, тот же). В благоприятных исходах эксперимента среди чисел A1. AR в точности на K местах стоят единицы, а на остальных — другие числа. Число различных вариантов выбрать K мест из R для размещения в них единиц можно C(R,K) способами. При каждом таком размещении можно в каждом из остальных (R-K) местах размещать числа 2. N и сделать это можно (N-1)^(R-K) способами. Поэтому m= C(R,K)* (N-1)^(R-K). Надеюсь, что не ошибся. Но задача достаточно логически непростая, поэтому для уверенности советую заглянуть в учебник Ширяева "Вероятность" — там, если мне не изменяет память, подобные задачи рассматривались. Подбрасывается одновременно и независимо четыре игральных кубика. Найти вероятность того, что хотя бы на одном кубике выпала пятерка при условии, что двойка не выпала ни разу. Как же решается задача? Вообще, строгое решение довольно муторно. Р(А/В)=1-Р(неА/В), поэтому найдем Р(неА/В). По формуле условная вероятность так выражается через безусловную: | |||